Đề thi thử vật lí 04_2024 có giải chi tiết

Pha của dao động tại thời điểm t là (ωt + φ).

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Khi người đánh đu cho đu dao động với biên độ ổn định thì dao động của hệ lúc đó là dao động duy trì.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Điều kiện để hai sóng cơ khi gặp nhau, giao thoa được với nhau là hai sóng phải xuất phát từ hai nguồn dao động cùng tần số, cùng phương và có hiệu số pha không đổi theo thời gian.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Trong hình vẽ là máy phát điện xoay chiều.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Từ trường biến thiên sinh ra điện trường xoáy.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Nhiệt kế điện tử hoạt động dựa trên tác dụng nhiệt của tia hồng ngoại.

Sự phát quang của chất rắn có đặc điểm là ánh sáng phát quang có thể kéo dài một khoảng thời gian nào đó sau khi tắt ánh sáng kích thích. Sự phát quang này gọi là sự lân quang.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Dây có 2 đầu cố định, sóng dừng trên dây với 3 bụng sóng nên $$ \ell =\dfrac{3\lambda }{2}\cdot $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Số chỉ của vôn kế là giá trị hiệu dụng của điện áp: $$ U=\dfrac{{{U}_{0}}}{\sqrt{2}}=100\left( V \right) $$

Từ trường biến thiên sinh ra điện trường xoáy.
$$ \lambda =c. \dfrac{2\pi }{\omega }=2\pi c\dfrac{{{q}_{0}}}{{{I}_{0}}}\cdot $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

$$ i=\dfrac{\lambda D}{a}\xrightarrow{{{\lambda }_{do}}>{{\lambda }_{vang}}>{{\lambda }_{luc}}>{{\lambda }_{tim}}}{{i}_{do}}>{{i}_{vang}}>{{i}_{luc}}>{{i}_{tim}}\Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
{{i}_{\text{max}}}={{i}_{do}} \\
{{i}_{\text{min}}}={{i}_{tim}}
\end{array} \right. $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Theo thuyết tương đối, một vật có khối lượng nghỉ m₀ chuyển động với tốc độ v thì nó có khối lượng động (khối lượng tương đối tính) là \[m=\dfrac{{{m}_{0}}}{\sqrt{1-{{\left( \dfrac{v}{c} \right)}^{2}}}}. \]

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

+ Vì P bị phản xạ toàn phần tại mặt phân cách giữa A và B nên chiết suất của A lớn hơn chiết suất của B \[\left( {{n}_{A}}>{{n}_{B}} \right). \]
+ Khi P khúc xạ tại mặt phân cách giữa A và C thì góc khúc xạ lớn hơn góc tới nên chiết suất của A lớn hơn chiết suất của C \[\left( {{n}_{C}}<{{n}_{A}} \right)\] ⇒ tốc độ của P tại A nhỏ hơn tốc độ C.
+ Chiết suất của C nhỏ hơn A và lớn hơn B nên góc tới hạn giữa C và B lớn hơn 45°. Khi P khúc xạ từ A đến C thì góc khúc xạ lớn hơn 50° nên góc tới từ C đến B nhỏ hơn 40°. Do đó, P không bị phản xạ toàn phần tại mặt phân cách giữa C và B.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Hai dao động vuông pha nên: \[A=\sqrt{A_{1}^{2}+A_{2}^{2}}=\sqrt{{{8}^{2}}+{{15}^{2}}}=17\,cm. \]

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

$$ \lambda =\dfrac{v}{f}=\dfrac{{{3. 10}^{8}}}{{{91. 10}^{6}}}=3,3\,m. $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Ta có $$ {{u}_{R}},{{u}_{{{R}_{0}}}} $$
luôn cùng pha nên đồ thị biểu diễn sự phụ thuộc giữa $$ {{u}_{X}},{{u}_{{{R}_{0}}}} $$ là đoạn thẳng.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Máy tăng áp có hiệu điện thế hiệu dụng ở đầu ra (ở cuộn thứ cấp) lớn hơn hiệu điện thế hiệu dụng ở đâu vào (ở cuộn sơ cấp).

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

$$ \dfrac{c}{\dfrac{4}{3}}-\dfrac{c}{n}={{10}^{8}}\to n=2,4 $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

+ Phân hạch là phản ứng trong đó một hạt nhân nặng vỡ thành hai hạt nhân có số khối trung bình (giữa bảng tuần
hoàn) và có thể kèm theo sự phát kèm theo vài nơtrôn ⇒ ① đúng.
+ Trong phản ứng hạt nhân, số khối trước và sau phản ứng được bảo toàn nên số khối của A là 141 ⇒ ② đúng.
+ Phản ứng tỏa năng lượng nên tổng khối lượng của các hạt trước phản ứng lớn hơn sau phản ứng ⇒ ③ sai.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Chiều của đường sức điện trường là chiều từ điện tích dương (+) sang điện tích âm (-).
Tại x = d, điện trường bằng 0 nên A và B phải mang điện cùng loại.
Tại x = 2d, hướng của điện trường theo hướng chiều dương của trục Ox nên B mang điện âm.
Cường độ điện trường tại điểm cách điện tích A một khoảng r tỉ lệ với q/r².
⇒ Điện tích A và B đều là điện tích âm (-), độ lớn của điện tích ở B lớn hơn ở A.
⇒ Hình 4 mô tả đúng nhất về đường sức điện trường xung quanh A và B.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Suất điện động tự cảm trong ống dây là: $$ \left| {{e}_{tc}} \right|=L. \left| \dfrac{\Delta i}{\Delta t} \right|=0,5. \dfrac{2}{0,01}=100\left( V \right) $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Với hai đại lượng ngược pha, ta luôn có \[\dfrac{{{x}_{1}}}{{{x}_{2}}}=\dfrac{{{v}_{1}}}{{{v}_{2}}}=-\dfrac{{{A}_{1}}}{{{A}_{2}}}=-\dfrac{1}{2}\cdot \]

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Chuẩn hóa R = 1.
$$ \Rightarrow \cos \varphi =\dfrac{R}{\sqrt{{{R}^{2}}+{{\left( {{Z}_{L}}-{{Z}_{C}} \right)}^{2}}}}=\dfrac{1}{\sqrt{{{1}^{2}}+{{(2-1)}^{2}}}}=\dfrac{1}{\sqrt{2}}\cdot $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

$$ \sin \varphi =-\dfrac{{{U}_{C}}}{U}\Rightarrow \sin \left( -\dfrac{\pi }{4} \right)=-\dfrac{{{U}_{C}}}{40}\Rightarrow {{U}_{C}}=20\sqrt{2}\,V. $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

$$ \left| x \right|=\left( 6-0,5 \right)\dfrac{\lambda D}{a}=4,4\ mm\to \lambda =0,4\ \mu m. $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Công thoát của các chất sắp xếp theo thứ tự tăng dần là: 2,26eV; 2,89 eV; 4,14 eV và 4,78 eV.
Để gây ra hiệu ứng quang điện đối với kim loại, năng lượng photon ε của bức xạ chiếu vào phải thỏa mãn: ε ≥ A.
Để đồng thời gây ra hiệu ứng quang điện với hai kim loại mà chỉ sử dụng một chùm bức xạ đơn sắc thì: 2,89 eV ≤ ε < 4,14 eV (chỉ gây ra hiệu ứng quang điện đối với kali và canxi).
\[\begin{array}{l}
2,89\text{ }eV\le \varepsilon <4,14\text{ }eV\xrightarrow{\varepsilon =\dfrac{hc}{\lambda }}2,89. 1,{{6. 10}^{-19}}\le \dfrac{6,{{625. 10}^{-34}}{{. 3. 10}^{8}}}{\lambda }\le 4,14. 1,{{6. 10}^{-19}} \\
\Leftrightarrow 0,30\left( \mu m \right)<\lambda \le 0,43\left( \mu m \right).
\end{array}\]

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Không làm thay đổi kết quả bài toán, đặt \[{{A}_{Y}}=1\Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
{{A}_{X}}=2. {{A}_{Y}}=2 \\
{{A}_{Z}}=\dfrac{2}{0,5}. {{A}_{Y}}=4
\end{array} \right. \]
Để xét tính bền vững của các hạt nhân ta dựa vào năng lượng liên kết riêng \[{{\text{W}}_{lk\text{r}}}=\dfrac{\Delta E}{A}\]
\[\left\{ \begin{array}{l}
{{\text{W}}_{lk\text{r}\left( X \right)}}=\dfrac{\Delta {{E}_{X}}}{{{A}_{X}}}=\dfrac{\Delta {{E}_{X}}}{2}\Rightarrow \Delta {{E}_{X}}=2{{\text{W}}_{lk\text{r}\left( X \right)}} \\
{{\text{W}}_{lk\text{r}\left( Y \right)}}=\dfrac{\Delta {{E}_{Y}}}{{{A}_{Y}}}=\Delta {{E}_{Y}}\Rightarrow \Delta {{E}_{Y}}={{\text{W}}_{lk\text{r}\left( Y \right)}} \\
{{\text{W}}_{lk\text{r}\left( Z \right)}}=\dfrac{\Delta {{E}_{Z}}}{{{A}_{Z}}}=\dfrac{\Delta {{E}_{Z}}}{4}\Rightarrow \Delta {{E}_{Z}}=4{{\text{W}}_{lk\text{r}\left( Z \right)}}
\end{array} \right. \xrightarrow{\Delta {{E}_{Z}}<\Delta {{E}_{X}}<\Delta {{E}_{Y}}}4{{\text{W}}_{lk\text{r}\left( Z \right)}}<2{{\text{W}}_{lk\text{r}\left( X \right)}}<{{\text{W}}_{lk\text{r}\left( Y \right)}}\]
Tính bền vững của các hạt nhân theo thứ tự giảm dần là: Y, X, Z.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Áp dụng định luật bảo toàn số proton và định luật bảo toàn số khối ta có:
$$ \left\{ \begin{array}{l}
19+1=16+{{A}_{X}} \\
9+1=8+{{Z}_{X}}
\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
{{A}_{X}}=4 \\
{{Z}_{X}}=2
\end{array} \right. $$
⟹ Hạt X là hạt α $$ \left( {}_{2}^{4}He \right). $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

$$ m=\dfrac{{{F}_{\max }}}{{{a}_{\max }}}=\dfrac{kA}{{{a}_{\max }}}\xrightarrow{{{m}_{3}}=2{{m}_{1}}+3{{m}_{2}}}\dfrac{1}{{{a}_{03}}}=\dfrac{2}{{{a}_{01}}}+\dfrac{3}{{{a}_{02}}}\Rightarrow \dfrac{1}{{{a}_{03}}}=\dfrac{2}{8}+\dfrac{3}{10}\Rightarrow {{a}_{03}}\approx 1,82\,{m}/{{{s}^{2}}}\;. $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Khoảng cách giữa 5 đỉnh sóng liên tiếp là $$ 4\lambda $$ .
Ta có \[\text{d}=4\lambda =4\dfrac{v}{f}\Rightarrow \overline{v}=\dfrac{\overline{d}. \overline{f}}{4}=\dfrac{0,48. 100}{4}=12\,\,{m}/{s}\;. \]
$$ \to $$ Sai số tương đối của phép đo $$ \dfrac{\Delta v}{\overline{v}}=\dfrac{\Delta d}{\overline{d}}+\dfrac{\Delta f}{\overline{f}}=0,66+0,02=0,68 $$% .

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Trong quá trình lan truyền sóng điện từ thì cường độ điện trường và cảm ứng từ luôn dao động cùng pha nhau. Phương trình cường độ điện trường: \[E={{E}_{0}}\cos \left( 2\pi {{. 10}^{8}}t+\dfrac{\pi }{3} \right)\,\]
Tại t = 0: \[\left\{ \begin{array}{l}
E=\dfrac{{{E}_{0}}}{2} \\
{{\varphi }_{E}}=\dfrac{\pi }{3}
\end{array} \right. \]
Kể từ lúc t = 0 đến thời điểm đầu tiên E = 0, góc quét tương ứng trên đường tròn là: $$ \varphi ={{\sin }^{-1}}\dfrac{0,5{{\text{E}}_{0}}}{{{\text{E}}_{0}}}=\dfrac{\pi }{6} $$

Thời điểm E = 0 lần đầu tiên là: \[{{t}_{\varphi }}=\dfrac{\varphi }{\omega }=\dfrac{\dfrac{\pi }{6}}{2\pi {{. 10}^{8}}}=\dfrac{{{10}^{-8}}}{12}\left( s \right)\]

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Công suất phát xạ của nguồn là: $$ P=n. \varepsilon =n. hf\Rightarrow n=\dfrac{P}{hf} $$
Số phôtôn mà nguồn phát ra trong ba giây là: $$ {{N}_{3s}}=3n=\dfrac{2P}{hf} $$
Thay số ta có: $$ {{N}_{3\text{s}}}=\dfrac{3. 10}{6,{{625. 10}^{-34}}. 7,{{5. 10}^{14}}}=6,{{04. 10}^{19}} $$ (phôtôn)

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Mạch ngoài gồm: $$ {{R}_{1}}nt\left( {{R}_{2}}//{{R}_{3}} \right) $$ .
Điện trở tương đương của mạch ngoài là: $$ R={{R}_{1}}+\dfrac{{{R}_{2}}. {{R}_{3}}}{{{R}_{2}}+{{R}_{3}}}=5+\dfrac{8. 8}{8+8}=9\left( \Omega
\right) $$
Áp dụng định luật Ôm cho toàn mạch ta có: $$ I=\dfrac{E}{R+r}=\dfrac{12}{1+9}=1,2\left( \text{A} \right) $$
Số chỉ của Vôn kế chính là hiệu điện thế của đoạn mạch gồm: $$ {{R}_{1}}nt\left( {{R}_{2}}//{{R}_{3}} \right) $$ :
$$ U=I. R=1,2. 9=10,8\left( V \right). $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

\[i=\dfrac{\lambda D}{a}=0,9\,mm\Rightarrow MN=8i=7,2\,mm. \]
Ban đầu số vân sáng trên đoạn MN là 9.
Dịch màn quan sát : \[\Rightarrow {i}’=\dfrac{\lambda {D}’}{a}=\dfrac{\lambda \left( D-0,5 \right)}{a}=1,2\,mm. \]
Số vân sáng trên đoạn MN : \[N=\left[ \dfrac{MN}{2i} \right]+1=7\] \[\Rightarrow \] Số vân sáng giảm đi 2 vân so với lúc đầu

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

$$ \lambda =v\cdot \dfrac{2\pi }{\omega }=120\cdot \dfrac{2\pi }{40\pi }=6\,cm. $$
$$ u=2a\cos \left( \dfrac{\pi \left( {{d}_{1}}-{{d}_{2}} \right)}{\lambda } \right)\cos \left( \omega t-\dfrac{2\pi \left( {{d}_{1}}+{{d}_{2}} \right)}{\lambda } \right)=2a\cos \left( \dfrac{2\pi x}{6} \right)\cos \left( \omega t-\dfrac{2\pi . AB}{6} \right) $$
$$ \dfrac{{{v}_{M}}}{{{v}_{N}}}=\dfrac{{{u}_{N}}}{{{u}_{M}}}=\dfrac{\cos \left( \dfrac{2\pi . 2}{6} \right)}{\cos \left( \dfrac{2\pi . 0,5}{6} \right)}=-\dfrac{\sqrt{3}}{3}\Rightarrow {{v}_{N}}=-{{v}_{M}}\dfrac{\sqrt{3}}{3}=-12\sqrt{3}\cdot \dfrac{\sqrt{3}}{3}=-12\,{cm}/{s}\;. $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Ta có: $$ \left\{ \begin{array}{*{35}{l}}
{{\text{q}}_{1}}={{\text{Q}}_{1}}\cos \left( \omega \text{t}+{{\varphi }_{1}} \right)
\\
{{\text{q}}_{2}}={{\text{Q}}_{2}}\cos \left( \omega \text{t}+{{\varphi }_{2}} \right)
\end{array}\Rightarrow {{\text{q}}_{1}}{{\text{q}}_{2}}=\dfrac{{{\text{Q}}_{1}}{{\text{Q}}_{2}}}{2}\left[ \cos \left( 2\omega \text{t}+{{\varphi }_{1}}+{{\varphi }_{2}} \right)+\cos \left( {{\varphi }_{1}}-{{\varphi }_{2}} \right) \right] \right. $$
Mặt khác:
$$ \begin{array}{l}
{{q}_{1}}{{i}_{2}}+{{q}_{2}}{{i}_{1}}={{q}_{1}}{{q}_{2}}^{\prime }+{{q}_{2}}{{q}_{1}}^{\prime }={{\left( {{q}_{1}}{{q}_{2}} \right)}^{\prime }}=-\dfrac{{{Q}_{1}}{{Q}_{2}}2\omega }{2}\sin \left( 2\omega t+{{\varphi }_{1}}+{{\varphi }_{2}} \right)={{6. 10}^{-9}} \\
\Rightarrow \omega =\dfrac{{{6. 10}^{-9}}}{{{Q}_{1}}{{Q}_{2}}\left| \sin \left( 2\omega t+{{\varphi }_{1}}+{{\varphi }_{2}} \right) \right|}
\end{array} $$
Kết hợp với
\[{{\text{Q}}_{1}}+{{\text{Q}}_{2}}={{8. 10}^{-6}}\xrightarrow[\text{Cos}i]{{{\text{Q}}_{1}}+{{\text{Q}}_{2}}\ge 2. \sqrt{{{\text{Q}}_{1}}\text{. }{{\text{Q}}_{2}}}}{{\left( {{\text{Q}}_{1}}{{\text{Q}}_{2}} \right)}_{\text{max}}}=\dfrac{{{\left( {{8. 10}^{-6}} \right)}^{2}}}{4}=1,{{6. 10}^{-11}}\]
Vậy \[{{\omega }_{\min }}=\dfrac{{{6. 10}^{-9}}}{\underbrace{{{\text{Q}}_{1}}{{\text{Q}}_{2}}}_{\text{max}=1,{{6. 10}^{-11}}}. \underbrace{\left| \sin \left( 2\omega t+{{\varphi }_{1}}+{{\varphi }_{2}} \right) \right|}_{\text{max = 1}}}=375\left( ra\text{d}/s \right)\Rightarrow {{\text{f}}_{\min }}=59,68\left( \text{Hz} \right)\]

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Sau khi người ta giữ điểm chính giữa của dây treo đồng thời thiết lập một điện trường đều theo phương thẳng đứng hướng xuống thì:
+ Ở vị trí cân bằng, dây treo vẫn có phương thẳng đứng → vật vẫn ở vị trí cân bằng.
+ Gia tốc hiệu dụng: $$ {{g}_{h\text{d}}}=g+\dfrac{\left| q \right|E}{m}=15 $$ (m/s²)
+ Chiều dài dây treo sau khi giữ điểm chính giữa là $$ {\ell }’=\dfrac{\ell }{2}\cdot $$
Ta có: $${v^2} = g\ell \alpha _0^2 = {g_{hd}}\ell \alpha _0^{‘2}$$

\[\to {{{\alpha }’}_{0}}={{\alpha }_{0}}\sqrt{\dfrac{g\ell }{{{g}_{h\text{d}}}{\ell }’}}\]

Thay số ta có: $$ {{{\alpha }’}_{0}}=7{}^\circ . \sqrt{\dfrac{10. \ell }{15. \dfrac{\ell }{2}}}\approx 8,1{}^\circ . $$

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Điều kiện để vân sáng trùng nhau: \[{{x}_{1}}={{x}_{2}}\Leftrightarrow \dfrac{{{k}_{1}}}{{{k}_{2}}}=\dfrac{{{\lambda }_{2}}}{{{\lambda }_{1}}}=\dfrac{560}{720}=\dfrac{7}{9}\cdot \]
Tại M là vân sáng trùng màu với vân trung tâm, giữa M và vân trung tâm còn một vân sáng nữa có màu như vậy → M là vân sáng bậc 14 của bức xạ λ₁ và là vân sáng bậc 18 của bức xạ λ₂.
+ Tại vị trí ban đầu D = 2 m, sau một phần tư chu kì màn dao động đến vị trí D’ = 1 m, vì tọa độ M là không đổi, D giảm một nửa nên bậc của vân sáng tăng lên gấp đôi, vậy tại M bây giờ là vị trí vân sáng bậc 28 của λ₁ và bậc 36 của λ₂
+ Khi vật dịch chuyển từ vị trí ban đầu D = 2 m đến vị trí D = 2 + 1 = 3 m, tương tự ta cũng xác định được tại M bây giờ là vị trí gần vân sáng bậc 10 của λ₁ và vân sáng bậc 12 của λ₂
Với thời gian 4 s là một chu kì thì số vân đơn sắc dịch chuyển qua M là: N = 2(4 + 12 + 6 + 16) = 75.
Ta trừ 1 ở đây là do điểm 12 nằm ở biên nên khi màn dao động chỉ đi qua 1 lần.

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

Gọi \[{{x}_{0}}\]
là tọa độ của điểm M và x là tọa độ của điểm N.
→ Mức cường độ âm tại N được xác định bởi biểu thức:
\[{{L}_{N}}=10\log \dfrac{P}{{{I}_{0}}4\pi {{\left( x-{{x}_{0}} \right)}^{2}}}=\underbrace{10\log \dfrac{P}{{{I}_{0}}4\pi }}_{a}-20\log \left( x-{{x}_{0}} \right)\]
+ Khi \[\log x=1\to x=10\left( m \right)\];
+ Khi \[\log x=2\to x=100\left( m \right)\];
Từ đồ thị, ta có:
$$ \left\{ \begin{array}{l}
78=a-20\log \left( 100-{{x}_{0}} \right) \\
90=a-20\log \left( 10-{{x}_{0}} \right)
\end{array} \right. \to \dfrac{100-{{x}_{0}}}{10-{{x}_{0}}}={{10}^{\dfrac{90-78}{20}}}\to {{x}_{0}}=-20,2\left( m \right) $$
$$ \to a=78+20\log \left( 100+20,2 \right)=119,6\left( dB \right) $$
→ Mức cường độ âm tại N khi \[x=32\,m\] là \[{{L}_{N}}=119,6-20\log \left( 32+20,2 \right)=85,25\left( dB \right)\]

Hướng dẫn giải Đề thi thử vật lí 04

\[L=\dfrac{1}{2\pi }\left( H \right)\Rightarrow {{Z}_{L}}=\omega L=100\pi . \dfrac{1}{2\pi }=50\left( \Omega
\right)\]
\[u=100\sqrt{2}\cos \left( 100\pi t \right)\left( V \right)\Rightarrow U=100\left( V \right)\]
Ta có:
\[{{V}_{1}}+{{V}_{2}}+{{V}_{3}}=U\dfrac{R+{{Z}_{L}}+{{Z}_{C}}}{Z}=100\dfrac{{{Z}_{C}}+100}{\sqrt{{{50}^{2}}+{{\left( 50-{{Z}_{C}} \right)}^{2}}}}\]
+ Sử dụng chức năng Mode \[\to \]7 ta có thể xác định được khoảng giá trị cực đại của biểu thức trên vào khoảng 316 V ứng với giá trị của Z_C là 67 Ω.
+ Nhập số liệu: Mode \[\to \]7
\[F\left( X \right)=100\dfrac{X+100}{\sqrt{{{50}^{2}}+{{\left( 50-X \right)}^{2}}}}\] với \[{{Z}_{C}}\to X\]
+ Giá trị đầu: Start \[\to \]50
+ Giá trị cuối: End \[\to \]75
+ Bước nhảy: Steps \[\to \]1